== 解题方法 ==：如果所有石子数量的异或和！=0则先手必胜(因为此时先手可以将局面变为异或和为0抛给后手，后手不管怎样取，先手都镜像取，使得每次先手的局面的异或和都不为0，抛给后手的局面异或和都是0.)反之先手必输。
a1 ^ a2 ^ … ^ an = X
==1证明：当X！=0可以拿走一定数量的石子使得局面异或和为0==: 设X二进制最高位1在第K位，此时一定至少存在一个ai的第K位也为1
(==证：==X = ==1==aaaa，ai = bbb==1==cbcb, X ^ ai = bbb==0==zxcv, 此时X^ai一定 < ai)
我们拿走ai-X^ai个石子，那么第i堆还剩下ai-(ai-X^ai) = X ^ ai个石子：a1 ^ a2 ^ … ^ ==ai ^ X== ^ … ^ an = ==X ^ X== = 0,得证。
==2证明：当X == 0，拿走一定量石子之后局面异或和一定不为0==
反证：设从ai中拿出一定的石子变为a1 ^ a2 ^ … ^ ai^1^ ^ … ^ an = 0，与
a1 ^ a2 … ^ ai ^ … ^ an = 0左右同时异或:ai^1^ ^ ai = 0 ^ 0 = 0而==ai != ai^1^!=0==所以产生矛盾，即证当==X == 0，拿走一定量石子之后局面异或和一定不为0==
//author: A Fei
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <set>
using namespace std;
const int N = 2010, M = 6010;
int h[N], e[M], ne[M], idx;
int n, m, k;
int sg[N], out[N];
void add(int a, int b)
{
e[idx] = b, ne[idx] = h[a], h[a] = idx ++;
}
int SG(int u)
{
if(sg[u] != -1) return sg[u];
if(!out[u]) return sg[u] = 0;
set<int>s;
for(int i = h[u]; ~i; i = ne[i])
{
int j = e[i];
s.insert(SG(j));
}
int now = 0;
while(s.count(now)) now ++;
sg[u] = now;
return sg[u];
}
int main()
{
scanf("%d%d%d", &n, &m, &k);
for(int i = 0; i <= n; i ++) h[i] = -1, sg[i] = -1;
while(m --)
{
int a, b;
scanf("%d%d", &a, &b);
add(a, b);
out[a] ++;
}
int res = 0;
while(k --)
{
int x;
scanf("%d", &x);
res ^= SG(x);
}
if(res) puts("win");
else puts("lose");
return 0;
}
